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ist das Stück von meinem Code aus index.php:Wie man PHP im img src Tag anruft? Diese
<div class="row">
<?php
$conn = mysql_connect("localhost","root","");
mysql_select_db("imdb_db");
$res = mysql_query("select * from `film` ORDER BY ID DESC");
while($row = mysql_fetch_array($res)) {
?><div class='col-xs-2'><?php
?><p style="position:relative;left:-40px"><?php echo $row["Cim"];?></p><?php
?> <img src="php/imageView.php?ID=<?php echo $row["ID"];?>" class="img-responsive" style="width:200px;height:250px;" alt="Image"> <?php
?></div><?php
}
mysql_close($conn);
?>
</div>
Dies ist imageView.php:
<?php
$conn = mysql_connect("localhost","root","");
mysql_select_db("imdb_db") or die(mysql_error());
if(isset($_GET['ID'])) {
$sql = "SELECT `Boritokep` FROM `film` WHERE ID=". $_GET['ID'];
$result = mysql_query("$sql") or die("<b>Error:</b> Problem on Retrieving Image BLOB<br/>" . mysql_error());
$row = mysql_fetch_array($result);
echo $row["Boritokep"];
}
mysql_close($conn);
?>
Und das ist das Ergebnis:
Mit php/imageView.php?ID=<?php echo $row["ID"]
erhalte ich den Pfad meiner Datei:
uploads/film/pic/5.jpg
Warum wird das Bild nicht angezeigt?
a) warum die * was * öffnen Sie einen PHP-Tag und wieder schließen, ohne zwischendurch etwas zu tun? b) Ihr Code ist anfällig für SQL-Injection. Stellen Sie sich vor, jemand fragt nach der ID '1; DROP TABLE Film' c) Verwenden Sie nicht mysql, es ist veraltet und in PHP7, entfernt, verwenden Sie stattdessen mysqli oder pdo. –