Ich habe ein Problem mit der Anzeige von Dateien vom angemeldeten Benutzer hinzugefügt. Ich weiß nicht, wie Sie die Variable korrekt an die SQL-Abfrage übergeben. Kann mir jemand dabei helfen?Wie verwenden Session-Variable in SQL mit PHP
Derzeit sieht der Code wie folgt aus:
<?php
include_once 'dbconnect.php';
?>
<!DOCTYPE html>
<html xmlns="http://www.w3.org/1999/xhtml">
<head>
<title>File Uploading With PHP and MySql</title>
<link rel="stylesheet" href="style.css" type="text/css" />
</head>
<body>
<div id="header">
<label>File Uploading With PHP and MySql</label>
</div>
<div id="body">
<table width="80%" border="1">
<tr>
<th colspan="4">your uploads...<label><a href="index.php">upload new files...</a></label></th>
</tr>
<tr>
<td>File Name</td>
<td>File Type</td>
<td>File Size(KB)</td>
<td>View</td>
</tr>
<?php
$sql="SELECT * FROM files";
$result_set=mysql_query($sql);
while($row=mysql_fetch_array($result_set))
{
?>
<tr>
<td><?php echo $row['file'] ?></td>
<td><?php echo $row['type'] ?></td>
<td><?php echo $row['size'] ?></td>
<td><a href="uploads/<?php echo $row['file'] ?>" target="_blank">view file</a></td>
</tr>
<?php
}
?>
</table>
</div>
</body>
</html>
Ich versuche, diesen Datensatz zu ändern:
$sql="SELECT * FROM files";
zu
$sql="SELECT file, type, size FROM files WHERE userId ='$_SESSION[userId]'";
aber ich habe noch zu tun bekomme nicht die richtige r esult. Kann jemand helfen?
mysql ist veraltet, verwenden Sie stattdessen mysqli. –
können Sie angeben, was Sie meinen? – martyniuk
https://stackoverflow.com/questions/12859942/why-shouldnt-i-use-mysql-functions-in-php –