Einfügen Abfrage fügt keine Daten in Mysql-Datenbank Tabelle

Question

Ich habe eine Rezept Tabelle und Zutat Tabelle der Primärschlüssel der beiden Tabellen sind automatische Inkrementierung und Primärschlüssel des Rezepts ist Fremdschlüssel in Zutat. Ich poste Daten von HTML zu PHP. Beachten Sie, dass meine Zutaten Textfelder dynamisch generiert werden und erfolgreich die Daten in PHP-Skript veröffentlichen. Posted-Daten sind korrekt, wenn ich diese Daten einfügen, um meine Abfrage funktioniert gut, aber Daten nicht zu MySQL-Tabelle hinzugefügt. mein Code und Ausgang ist

$sql = "insert into recipe (rec_id, Name, Overview,category, Time, Image) values ('', '$name','$overview','$category','$time','$TARGET_PATH')"; 
    $result = mysql_query($sql) or die ("Could not insert data into DB: " . mysql_error()); 
     $rec_id = mysql_insert_id();

und für Bestandteil

$ingredient = $_POST['ingredient']; 
$amount = $_POST['amount']; 
$integer = 0; 
while (count($ingredient)>$integer) { 
if (($ingredient[$integer] <> "") && ($amount[$integer] <> "")){ 
$sql = "INSERT INTO `cafe`.`ingredients` (`ingredient_id`, `ingredient_name`, `ammount`, `rec_id`,) 
    VALUES ('', '".$ingredient[$integer]."', '".$amount[$integer]."', '$rec_id')"; 
mysql_query($sql); 
echo $sql."
"; 
} 
else{ 
echo "ingredient number ".($integer+1)." is missing values and cannot be inserted."; 
} 
$integer = ($integer + 1); 
}

, wenn ich die Abfragen des aus

nsert into recipe (rec_id, Name, Overview,category, Time, Image) values ('', 'demo recipe','no overview','meal','10/12/10 : 13:02:33','http://www.localhost/cafe/pics/demo.gif') 
INSERT INTO cafe.ingredients (ingredient_id, ingredient_name, ammount, rec_id,) VALUES ('', 'ingredient one', '3gm', '29') 
INSERT INTO cafe.ingredients (ingredient_id, ingredient_name, ammount, rec_id,) VALUES ('', 'ingredient two', '3gm', '29') 
INSERT INTO cafe.ingredients (ingredient_id, ingredient_name, ammount, rec_id,) VALUES ('', 'ingredient three', '3gm', '29')

ist gesetzt Echo, aber wenn ich die MySQL-Tabelle oder retriew Daten aus Zutat zu sehen ist keine Daten in Zutat.

Answer 1

Es scheint ein Syntaxfehler in Ihrem Code zu sein:

if (($ingredient[$integer] "") && ($amount[$integer] "")) 
          ^^       ^^ 

Sieht aus wie Sie einen Vergleichsoperator fehlen.

Answer 2

Sie möchten möglicherweise überprüfen, ob Sie einen BEGIN-Aufruf verwenden und nach dem INSERT nicht festschreiben. Sie können in diesem Szenario auf http://www.devarticles.com/c/a/MySQL/Using-Transactions-with-MySQL-4.0-and-PHP/

verweisen.

Answer 3

Wenn der Einsatz doesnt throw Ausnahmen und doesnt Einsatzdaten gibt es glaube ich ein paar Optionen

1) Sie Transaktion irgendwo verwenden und Rollback es 2) Ihre Auswahlabfrage ist schlecht und Daten ist da, aber man einfach wählen Sie es nicht

Answer 4

Sie haben eine zusätzliche , nach rec_id.

Entfernen Sie es, so sieht es aus wie

INSERT INTO cafe.ingredients (ingredient_id, ingredient_name, ammount, rec_id) VALUES ('', 'ingredient one', '3gm', '29') 

Und Sie werden

Answer 5

entfernen cafe aus der Abfrage

$sql = "INSERT INTO ingredients (`ingredient_id`, `ingredient_name`, `ammount`, `rec_id`,) 
    VALUES ('', '".$ingredient[$integer]."', '".$amount[$integer]."', '$rec_id')";