So aktualisieren Sie einzelnes Feld mit dem Senden ID

Question

Ich möchte status = 1 mit dem Datensatz ID. Aber das funktioniert nicht.

Ich sende die ID von der Indexseite (Bild unten).

public function actionConfirm($id) { 
     $model = $this->findModel($id); 

     $model->status = 1; 
     if ($model->save()) { 
      return $this->render('index'); 
     } else { 
      die('not work'); //this clause works 
     } 
    } 

Wie kann ich dies tun.

Answer 1

Sie haben Probleme bei der Validierung.

können die Ursachen sein, zwei

1. $model = $this->findModel($id) den Datensatz nicht finden können, die Sie für Sie durch die ID suchen
2. Irgendwie in Ihrem db Datensätze speichern sind unvollständig und in die nicht gespeichert werden db.

Lösungen:

Erstens, weil Sie ein Update tun, empfehle ich Ihnen $model->update()method

Aber in beiden Fällen (update() oder speichern()) zu verwenden, wenn Sie wollen die Aktualisierung der Feldstärke sollten Sie auf $ runValidation Parameter falsch passieren

public function actionConfirm($id) { 
     $model = $this->findModel($id); 

     $model->status = 1; 
     if ($model->update(false)) { 
      return $this->render('index'); // now this works 
     } else { 
      die('not work'); 
     } 
    } 

Answer 2

Ihre Schaltfläche in Aktion Spalte Unter der Annahme Check genannt in Ihrer Aktion Spalte y ou könnte aufrufen

 ['class' => 'yii\grid\ActionColumn', 
      'template' => '{delete}{update}{viwq}{check}',    
      'buttons' => [ 
       'check' => function ($url, $model) { 
        return Html::a('<span class="glyphicon glyphicon-check"></span>', $url, [ 
        'title' => Yii::t('yii', 'Confirm'), 
        ]); 
       } 
      ], 
      'urlCreator' => function ($action, $model, $key, $index) { 
       if ($action === 'check') { 
        $url = Url::to(['/your-controller/confirm', 'id' =>$model->id]); 
       return $url; 
       } 
      } 
     ]    
    ],